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//题目链接：<a href="http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4251">http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4251</a>
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hdu 4251 The Famous ICPC Team Again
别人的代码：（我自己的注解）
注解提供者：GHQ（SpringWater）
自己理解：划分树的思想是将序列按大小，二分位log2(n)层，每一层的信息放在t[d].val[i],(同一层的各部分共享一个val[N])中,用t[d].name[i]记录l到i位置中有多少个
数字划分到左边，算了，还是直接在下面关键部位注释详实一点吧，太难写了！
*/#include #include using namespace std; const int N=100010;int srted[N];struct node{ int num[N]; // 记录从l到i中有多少个划分到左子树去了 int val[N]; //记录由上一层划分到下一层中重新排列的数字序列（可能里面有多个[l,r]部分,每个部分按其最初的前后顺序排列，但不一定是升序或降序）}t[20];//20=log2(N)int n,m;void build(int l,int r,int d)//建树 此树并非由节点构成 而是由数组的一段构成 如：d层的l~r是一个节点 { if(l==r) return; //只有一个元素，不能继续划分到两个区间了 int mid=(l+r)>>1;//取中间那个 int midd=srted[mid]; //之前我以为每次 都要从新排序来求这个中位值，后来一想其实最先 排好序的srted【i】，已经得出了每一区间的排序结果， //可以直接取[l,r]中位值可获得 int same=mid-l+1,samed=0,zn=l-1,yn=mid,i;//same初识化为左孩子元素个数 //下面减去比midd小的(一定会进入左孩子里边) 剩下的就是==midd并且要进入左孩子的个数 //samed是已经插入的数目 //zn、yn是左右孩子的开始位置-1，下面会把元素分到两个孩子的区域里边 for(i=l;i<=r;++i) if(t[d].val[i] midd)//进入右孩子 { t[d+1].val[++yn]=t[d].val[i]; //yn的初始值为右边界（mid）,当划分一个进右边，++yn }else { if(samed >1; int sx=t[d].num[a-1],sy=t[d].num[b]; //sy-sx为[a,b]区间中有多少个划分到左边 if(a-1 =k)//[a,b]进入左子树的元素>=k return query(l+sx,l+sy-1,k,l,mid,d+1); else { int s1=(a==1?0:a-l-sx); //s1为l到a-1中有多少个划分到右子树，因为a-l为l到a-1的序列个数，减去划分到左边的个数，就为右边的个数了！ int s2=(b-a+1)-(sy-sx); [a,b]中划分到右边的个数，b-a+1为[a,b]区间的总数，（sy-sx）为[a,b]区间中划分到左边的个数 //所以总数减去划分到左边的个数极为划分到右边的个数！ int nk=k-(sy-sx);//前(sy-sx)大的元素在左子树里 剩下的在右子树里边找 return query(mid+1+s1,mid+s1+s2,nk,mid+1,r,d+1); //[mid+1，mid+s1]为[l,a-1]区间划分到右边的数字序列， //[mid+1+s1,mid+s1+s2]即为[a,b]区间划分到有子树的数字序列 }}int main(){ int cas=1; int i,a,b; while(cin>>n) { cout<<"Case "< <<":"< >srted[i]; t[0].val[i]=srted[i]; } sort(srted+1,srted+1+n); build(1,n,0); cin>>m; for(i=1;i<=m;++i) { cin>>a>>b; cout<
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